php不支持json_decode怎么办

php不支持json_decode的解决办法：首先实现JsonSerializable抽象类的接口方法jsonSerialize；然后指定需要被序列化成JSON的数据即可。

本文操作环境：windows7系统、PHP7.1版，DELL G3电脑

php不支持json_decode怎么办？php json_encode不支持对象私有属性的解决方法

本文介绍php json_encode不支持对象私有属性的解决方法，json_encode可以把对象转为json格式，使用json_decode可以还原为对象。

但如果对象内含有私有属性，执行json_encode后，私有属性会丢失。

例子：json_encode丢失对象私有属性

<?php
// 用户类
class user{
    public $id = 1;
    public $name = &#39;fdipzone&#39;;
    public $profession = &#39;programmer&#39;;
    private $age = 18;
}
// 对象
$oUser = new User;
// json_encode
$json = json_encode($oUser);
echo $json;
// json_decode
$oUser = json_decode($json);
var_dump($oUser);
?>

输出：

{"id":1,"name":"fdipzone","profession":"programmer"}
object(stdClass)[2]
  public 'id' => int 1
  public 'name' => string 'fdipzone' (length=8)
  public 'profession' => string 'programmer' (length=10)

在执行json_encode后，私有属性age丢失了。

json_encode后对象的私有属性丢失解决方法

我们可以修改类，使其实现JsonSerializable抽象类的接口方法jsonSerialize，指定需要被序列化成JSON的数据。

关于JsonSerializable::jsonSerialize方法可参考官网：http://php.net/manual/zh/jsonserializable.jsonserialize.php

修改后代码如下：

<?php
// 用户类
class user implements JsonSerializable{
    public $id = 1;
    public $name = &#39;fdipzone&#39;;
    public $profession = &#39;programmer&#39;;
    private $age = 18;
    // 实现的抽象类方法，指定需要被序列化JSON的数据
    public function jsonSerialize() {
        $data = [];
        foreach ($this as $key=>$val){
            if ($val !== null) $data[$key] = $val;
        }
        return $data;
    }
}
// 对象
$oUser = new User;
// json_encode
$json = json_encode($oUser);
echo $json;
// json_decode
$oUser = json_decode($json);
var_dump($oUser);
?>

输出：

{"id":1,"name":"fdipzone","profession":"programmer","age":18}
object(stdClass)[2]
  public 'id' => int 1
  public 'name' => string 'fdipzone' (length=8)
  public 'profession' => string 'programmer' (length=10)
  public 'age' => int 18

在指定了需要被序列化成JSON的数据后，json_encode可以读取到私有属性age。

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