PHP データベースの問題、助けてください。 。 。 。

私は PHP を初めて使用するので、ログイン ページを自分で作成したいと思っていますが、自分のアカウントを確認することさえできません。私のコードのどこが間違っているのか見てください。

<?php $user123 = $_POST['user']; $db = new mysqli($sqln,$sqlu,$sqlp,$sqld) or die("Error in the consult.." . mysqli_error($db)); $query = "SELECT 'user_email' FROM 'user' WHERE 'user_email' = '$user123'"; // mysql_select_db($sqld); mysqli_select_db($db, $sqld); $result = $db->query($query) or die("Error in the consult.." . mysqli_error($db)); if ($result == 1){ echo "<p> 登陆成功 </p>"; } elseif ($result == 0){ echo "<p> 没有找到 </p>"; } echo $_POST["user"]; $dba = $db->affected_rows; echo $dba; mysqli_close($db); ?> 

$result = $db->query ($query) または die("Error in theConsult.." . mysqli_error($db));
この文に次のエラー表示が含まれていない場合、次の echo $dba は -1 を表示しますが、入力したアカウントはのデータベースにあります。
入力した user123 は vvvvy です
しかし、送信する Web ページを開くと、「コンサルトでエラーが発生しました。SQL 構文にエラーがあります。正しい構文については、MySQL サーバーのバージョンに対応するマニュアルを確認してください。」というエラーが表示されます。 use Near ' 'user' WHERE 'user_email' = 'vvvvy'' at line 1

ディスカッション（解決策）に返信

次のステートメントをコピーすれば大丈夫です

$query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'";

あなたの文には2つの間違いがありますプログラム
まず、SQL ステートメント内の記号が間違っています。フィールドとテーブルを一重引用符で囲むことはできますか? $query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'";
2 番目: $result の値が false または ID であるため、判定条件に問題があるため、単純に 1 または 0 に等しい値を使用することはできません。 例: if($result){
$result ){
Into: $query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'"; 2 番目: $result の値が false または ID であるため、判定条件に問題があります。 1 または 0 である必要はありません
例: if($result){表示が存在しません。 。 。

ググってみたらステートメントに問題はなかったのですが、データベースの設定が間違っているのでしょうか？私のものはローカルで、wamp~を使用しています

$query = "SELECT 'user_email' FROM 'user' WHERE 'user_email' = '$user123'";

and

$query = "SELECT `user_email' FROM 'user ` WHERE `user_email ` = '$user123'";
同じですか?


$query = "SELECT 'user_email' FROM 'user' WHERE 'user_email' = '$user123'";
および
$query = "SELECT `user_email` FROM 'user` WHERE `user_email` = '$user123 '";
それは同じですか？
$query = "SELECT `user_email` FROM `user` WHERE `user_email` = '$user123'";
この文を次のように変更しました。
$query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'";


$query = "SELECT 'user_email' FROM 'user' WHERE 'user_email' = '$user123'"; $query = "SELECT `user_email` FROM `user` WHERE `user_email` = '$user123'"; それらは同じですか?

$query = "SELECT `user_email` FROM `user` WHERE `user_email` = '$user123'";

この文を次のように変更しました。
$query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'";


..投稿を編集できないのはなぜですか? 。
この文を変更したら、何を入力しても正しくなりますか?

mysqli::query -- mysqli_query ? 对数据库执行一次查询

返回值
失败时返回 FALSE，通过 mysqli_query() 成功执行SELECT, SHOW, DESCRIBE或 EXPLAIN查询会返回一个mysqli_result 对象，其他查询则返回TRUE。 


因此，即使你输入库中没有的记录，只要sql没有错误，也是返回mysqli_result 对象。而 "结果集==1" 永远为真，所以就出现你说的输入什么都是对的了。

正确的做法是用它查询出来的行数与1比较就对了。

if ($result->num_rows == 1){     echo "<p> 登陆成功 </p>"; } else {     echo "<p> 没有找到 </p>"; }

 

你的程序两个地方错误
第一:你的sql语句里的符号用错了，字段和表是不是可以用单引号的引起来的
可以改成：$query = "SELECT user_email FROM `user` WHERE user_email = '$user123'";
第二：因为你的$result的值要么是false要么就是ID，所你的判断条件有问题，你可以直接不用等于1或0
例如：if($result){
        ...
      }
      else if($result){
        ...
      }

我全部按照你的修改了，但是不管输入对错还是显示不存在。。。

我GOOGLE了下，发现现在语句啥的也没有什么问题，难道数据库设置有问题？我的是本地的，用的是wamp~
我的这个这样写也有点不对，应该直接else {...}就可以了，不要用else if($result){...}

梳理下你的if判断，还有执行的sql是否有误。

mysqli::query -- mysqli_query ? 对数据库执行一次查询

返回值
失败时返回 FALSE，通过 mysqli_query() 成功执行SELECT, SHOW, DESCRIBE或 EXPLAIN查询会返回一个mysqli_result 对象，其他查询则返回TRUE。 


因此，即使你输入库中没有的记录，只要sql没有错误，也是返回mysqli_result 对象。而 "结果集==1" 永远为真，所以就出现你说的输入什么都是对的了。

正确的做法是用它查询出来的行数与1比较就对了。

if ($result->num_rows == 1){     echo "<p> 登陆成功 </p>"; } else {     echo "<p> 没有找到 </p>"; }

 

一直想获取我查询的数据，但没有找到函数，英语又不会。。。谢谢哥们了。。。如果用 $result->num_rows 来检测帐号密码会不会不安全？