PHPでデータベースからBLOBを取得してデータグリッドに表示する方法

<?php        $sql = "select pic from e_user where uid = '1dff5b51f862e6d181577e3ca34248be'";        $js = get_js_object($sql);        Header( "Content-type: image/png");        echo $js->pic;          echo '<p><img  src="/static/imghwm/default1.png"  data-src="../php/testlist.php"  class="lazy"      style="max-width:90%" alt="PHPでデータベースからBLOBを取得してデータグリッドに表示する方法" ></p>'; ?>

 <table class="easyui-dategrid" url="../php/testlist.php">        <thead>             <tr>                  <th field="pic" width="120">图片</th>              </tr>        </thead></table>

変更するには?

ディスカッションに返信（解決策）

画像データストリームは img タグでのみ受信できます
つまり、 .. /php/testlist.php 出力

画像データ ストリームは img タグでのみ受信できます

つまり、 ../php/testlist.php の出力

お尋ねしたいのですが、写真が取得できるようになりました。
データグリッド内の行を選択して HTML ページ内の ID を取得し、ボタンをクリックしてボックスをポップアップしたいと思います。写真は箱の中に展示されています。
取得したIDに基づいてこの写真をクエリする方法。

この src に値を動的に割り当てることができますか?
ポップアップの実装方法がわかりません

この src に値を動的に割り当てることはできますか?

この書き方は一度見たことがありますが、認証コードを出力する際に​​値を渡すことができるようです。

実際、HTML ページがロードされると、src のアドレスに従ってサーバーから画像が自動的にリクエストされます。PHP アドレスを指定すると、PHP で画像ストリームを出力するだけで済みます。値を渡す場合は、対応する画像リソースを php で受け取った後に取得し、ページに出力するだけです。