SQLステートメントでエラーが発生したときに、PHPで指定したページに自動的にジャンプするにはどうすればよいですか?

現在 die("SQL ステートメント エラー"); を使用しています。

これをユーザーに見せたくないのですが、どうすればよいですか?

ディスカッションへの返信 (解決策)

header("location:目标地址");exit();

header("location:目标地址");exit();

jump 文は知っていますが、どうやって実行すればよいでしょうか?

たとえば、現在のステートメントは mysql_query($sql)or die("sql error");

オブジェクト指向を学んでいれば、この質問はしないと思います。

すべての SQL はいくつかのメソッド クラスで実行され、トライアンドキャッチしてエラーを捕捉します。ジャンプ処理

$result = mysql_query($sql);if(!$result){   header("location:目标地址");   exit();}

主なことは、エラーが発生したときに、ユーザーに

が表示されないようにして、指定されたページに自動的にジャンプして出力することです。このページでは違いはありません
と、関連するエラー メッセージがユーザーの目の前に表示されます

重要なことは、エラーが発生したときに、

その後、自動的に指定されたページにジャンプし、このページに出力するだけで違いはありません
関連するエラー メッセージと同じようにユーザーの目の前に表示されます

あなたはとても正しく理解しています

私はとても正しく理解しています、それではあなたです 要件の説明が間違っています

私はそれを非常に正しく理解しています、要件の説明が間違っています。

解決策は何ですか?

エラーをログに記録します
データの有効性を判断する必要があります。 >
ただし、例の状況に基づくと、それは必要ありません
SQL コマンド エラーはデバッグ段階でのみ発生し、SQL 構文エラーは正式な操作中には発生しません
ユーザーが SQL 命令を送信できるようにしない限り、 、SQL 命令が間違っていることも送信者に伝える必要があります

2 人のモデレーターの返信に感謝します。ポイントは受け入れられます